QCM : Oscillations et cinématique (14 questions)

Questions et réponses du QCM

1. Un oscillateur libre a pour conditions initiales x(0)=3x(0)=3 et x˙(0)=4\dot{x}(0)=4, avec ω0=2\omega_0=2. Quelle expression décrit sa position au cours du temps ?

3sin⁡(2t)+2cos⁡(2t)3\sin(2t)+2\cos(2t)
3cos⁡(2t)+2sin⁡(2t)3\cos(2t)+2\sin(2t)
2cos⁡(2t)+3sin⁡(2t)2\cos(2t)+3\sin(2t)
3cos⁡(2t)+4sin⁡(2t)3\cos(2t)+4\sin(2t)

$$3\cos(2t)+2\sin(2t)$$

Explication

La solution avec ces conditions initiales est x(t)=X0cos⁡(ω0t)+V0ω0sin⁡(ω0t)x(t)=X_0\cos(\omega_0t)+\frac{V_0}{\omega_0}\sin(\omega_0t); ici V0/ω0=4/2=2V_0/\omega_0=4/2=2. Le coefficient 4 omet la division par la pulsation, tandis que les autres expressions attribuent incorrectement les conditions initiales aux termes trigonométriques.

2. Pour un oscillateur libre ayant X0=3X_0=3, V0=4V_0=4 et ω0=2\omega_0=2, quelle est son amplitude XmX_m ?

7\sqrt{7}
13\sqrt{13}
55
5\sqrt{5}

$$\sqrt{13}$$

Explication

L’amplitude vaut Xm=X02+V02/ω02=9+16/4=13X_m=\sqrt{X_0^2+V_0^2/\omega_0^2}=\sqrt{9+16/4}=\sqrt{13}. 55 omet la division par la pulsation, 5\sqrt{5} soustrait les contributions, et 7\sqrt{7} divise par ω0\omega_0 plutôt que par ω02\omega_0^2.

3. Un oscillateur obéit à x¨+9x=18\ddot{x}+9x=18. Quelle solution particulière constante peut-on choisir ?

xp=−2x_p=-2
xp=18x_p=18
xp=29x_p=\frac{2}{9}
xp=2x_p=2

$$x_p=2$$

Explication

Pour une solution particulière constante, l’accélération est nulle et l’équation donne 9xp=189x_p=18, donc xp=2x_p=2. 1818 omet le coefficient 9, −2-2 inverse le signe, et 2/92/9 divise une seconde fois par ce coefficient.

4. Un oscillateur soumis à une constante vérifie x¨+4x=12\ddot{x}+4x=12. Quelle forme générale décrit son mouvement ?

x(t)=Xmcos⁡(2t+φ)+12x(t)=X_m\cos(2t+\varphi)+12
x(t)=Xmcos⁡(2t+φ)x(t)=X_m\cos(2t+\varphi)
x(t)=(Xm+3)cos⁡(2t+φ)x(t)=(X_m+3)\cos(2t+\varphi)
x(t)=Xmcos⁡(2t+φ)+3x(t)=X_m\cos(2t+\varphi)+3

$$x(t)=X_m\cos(2t+\varphi)+3$$

Explication

La solution générale est la somme d’une oscillation homogène et du déplacement constant K/ω02K/\omega_0^2; ici 12/4=312/4=3. L’expression sans décalage néglige la solution particulière, celle qui modifie l’amplitude la confond avec le décalage, et celle avec 12 omet la division par ω02\omega_0^2.

5. Pour résoudre x¨+5x=10\ddot{x}+5x=10, on pose X=x−2X=x-2. Quelle équation vérifie alors XX ?

X¨+5X=10\ddot{X}+5X=10
X¨+5X=0\ddot{X}+5X=0
X¨+5X=20\ddot{X}+5X=20
X¨−5X=0\ddot{X}-5X=0

$$\ddot{X}+5X=0$$

Explication

Le décalage particulier vaut xp=K/ω02=10/5=2x_p=K/\omega_0^2=10/5=2; en posant X=x−xpX=x-x_p, l’équation devient homogène, soit X¨+5X=0\ddot{X}+5X=0. Les équations avec 10 ou 20 conservent un terme constant, tandis que le signe négatif devant 5X5X change incorrectement la dynamique.

6. Un projectile se déplace en chute libre près de la Terre, avec l’axe vertical orienté vers le haut. Quelle accélération faut-il lui attribuer ?

a⃗=(0,−g)\vec a=(0,-g)
a⃗=(−g,0)\vec a=(-g,0)
a⃗=(v0cos⁡α,v0sin⁡α)\vec a=(v_0\cos\alpha,v_0\sin\alpha)
a⃗=(0,g)\vec a=(0,g)

$$\vec a=(0,-g)$$

Explication

Avec l’axe vertical orienté vers le haut, la pesanteur est dirigée vers le bas, donc l’accélération a pour composantes a⃗=(0,−g)\vec a=(0,-g). Le signe positif inverse le sens vertical, la composante horizontale attribue la gravité au mauvais axe, et l’expression avec v0v_0 décrit la vitesse initiale.

7. Un projectile part de la position (0,h)(0,h) avec une vitesse initiale de norme v0v_0 faisant un angle α\alpha avec l’horizontale. Quelle expression donne sa vitesse à l’instant tt ?

v⃗(t)=(v0cos⁡α t,−gt22+v0sin⁡α t+h)\vec v(t)=(v_0\cos\alpha\,t,-\frac{gt^2}{2}+v_0\sin\alpha\,t+h)
v⃗(t)=(v0cos⁡α−gt,v0sin⁡α)\vec v(t)=(v_0\cos\alpha-gt,v_0\sin\alpha)
v⃗(t)=(v0cos⁡α,−gt+v0sin⁡α)\vec v(t)=(v_0\cos\alpha,-gt+v_0\sin\alpha)
v⃗(t)=(v0cos⁡α,v0sin⁡α)\vec v(t)=(v_0\cos\alpha,v_0\sin\alpha)

$$\vec v(t)=(v_0\cos\alpha,-gt+v_0\sin\alpha)$$

Explication

La composante horizontale de la vitesse reste v0cos⁡αv_0\cos\alpha et la composante verticale devient v0sin⁡α−gtv_0\sin\alpha-gt sous l’effet de la pesanteur. L’expression constante oublie cette évolution, celle qui modifie la composante horizontale place mal la gravité, et l’expression avec tt et hh est celle de la position.

8. Un projectile est lancé depuis (0,h)(0,h) avec une vitesse initiale de norme v0v_0 et un angle α\alpha par rapport à l’horizontale. Quelle expression donne sa position à l’instant tt ?

OM→(t)=(v0cos⁡α t,v0sin⁡α t+h)\overrightarrow{OM}(t)=(v_0\cos\alpha\,t,v_0\sin\alpha\,t+h)
OM→(t)=(v0cos⁡α t,−gt22+v0sin⁡α t+h)\overrightarrow{OM}(t)=(v_0\cos\alpha\,t,-\frac{gt^2}{2}+v_0\sin\alpha\,t+h)
OM→(t)=(v0cos⁡α t,−gt22+v0sin⁡α t)\overrightarrow{OM}(t)=(v_0\cos\alpha\,t,-\frac{gt^2}{2}+v_0\sin\alpha\,t)
OM→(t)=(v0cos⁡α,−gt+v0sin⁡α)\overrightarrow{OM}(t)=(v_0\cos\alpha,-gt+v_0\sin\alpha)

$$\overrightarrow{OM}(t)=(v_0\cos\alpha\,t,-\frac{gt^2}{2}+v_0\sin\alpha\,t+h)$$

Explication

La position s’obtient en intégrant les composantes de la vitesse et en tenant compte de la position initiale : la coordonnée verticale contient donc hh, le terme linéaire v0sin⁡α tv_0\sin\alpha\,t et le terme gravitationnel −gt22-\frac{gt^2}{2}. L’expression sans hh perd la hauteur initiale, celle sans le terme en t2t^2 omet la gravité, et la dernière donne la vitesse.

9. Lorsqu’on décrit le mouvement d’un mobile à partir de son vecteur position, quelles dérivées permettent d’obtenir respectivement sa vitesse et son accélération ?

v⃗=da⃗dt\vec v=\frac{d\vec a}{dt} et a⃗=dOM→dt\vec a=\frac{d\overrightarrow{OM}}{dt}
v⃗=dOM→dt\vec v=\frac{d\overrightarrow{OM}}{dt} et a⃗=dv⃗dt\vec a=\frac{d\vec v}{dt}
v⃗=dOM→dt\vec v=\frac{d\overrightarrow{OM}}{dt} et a⃗=dOM→dt\vec a=\frac{d\overrightarrow{OM}}{dt}
v⃗=∫OM→ dt\vec v=\int\overrightarrow{OM}\,dt et a⃗=∫v⃗ dt\vec a=\int\vec v\,dt

$$\vec v=\frac{d\overrightarrow{OM}}{dt}$$ et $$\vec a=\frac{d\vec v}{dt}$$

Explication

La vitesse est la dérivée temporelle du vecteur position, puis l’accélération est la dérivée temporelle de la vitesse. Inverser ces liens ou dériver directement la position pour obtenir l’accélération confond les ordres de dérivation; les intégrales correspondent au passage dans le sens opposé.

10. Sur le graphique d’une fonction ff, que représente f′(x)f'(x) au point d’abscisse xx ?

L’aire sous la courbe jusqu’à l’abscisse xx
L’ordonnée du point de la courbe
Le coefficient directeur d’une sécante reliant deux points
Le coefficient directeur de la tangente à la courbe

Le coefficient directeur de la tangente à la courbe

Explication

Le nombre dérivé en xx est le coefficient directeur de la tangente à la courbe en ce point. L’ordonnée donne la valeur de la fonction, une sécante relie deux points distincts, et une aire correspond à une interprétation intégrale.

11. Dans un repère cartésien fixe, un point M a pour coordonnées (2, −3, 5). Quelle expression donne son vecteur position ?

2u⃗x−3u⃗y2\vec u_x-3\vec u_y
−3u⃗x+2u⃗y+5u⃗z-3\vec u_x+2\vec u_y+5\vec u_z
2u⃗x+5u⃗y−3u⃗z2\vec u_x+5\vec u_y-3\vec u_z
2u⃗x−3u⃗y+5u⃗z2\vec u_x-3\vec u_y+5\vec u_z

$$2\vec u_x-3\vec u_y+5\vec u_z$$

Explication

Dans une base cartésienne fixe, chaque coordonnée multiplie le vecteur de base correspondant : x avec u⃗x\vec u_x, y avec u⃗y\vec u_y et z avec u⃗z\vec u_z. L’échange de y et z confond les axes, tandis que l’omission de z ou le déplacement de x vers u⃗y\vec u_y ne respecte pas cette correspondance.

12. La position d’un point dans une base cartésienne fixe est OM→(t)=t2u⃗x+3tu⃗y−2u⃗z\overrightarrow{OM}(t)=t^2\vec u_x+3t\vec u_y-2\vec u_z. Quelle est son accélération ?

2tu⃗x+3u⃗y2t\vec u_x+3\vec u_y
2tu⃗x2t\vec u_x
−2u⃗z-2\vec u_z
2u⃗x2\vec u_x

$$2\vec u_x$$

Explication

L’accélération est la dérivée seconde du vecteur position; les vecteurs de la base cartésienne fixe ne varient pas, donc la dérivée seconde de t2t^2 vaut 2 et celles de 3t3t et de −2 valent zéro. 2tu⃗x+3u⃗y2t\vec u_x+3\vec u_y correspond à la vitesse, tandis que les autres réponses conservent à tort une coordonnée dont la dérivée seconde est nulle.

13. Dans le plan, une particule tourne avec une vitesse angulaire θ˙=4 s−1\dot\theta=4\,\mathrm{s}^{-1}. Quelle est la dérivée temporelle de u⃗r\vec u_r à cet instant ?

4u⃗θ s−14\vec u_\theta\,\mathrm{s}^{-1}
−4u⃗r s−1-4\vec u_r\,\mathrm{s}^{-1}
−4u⃗θ s−1-4\vec u_\theta\,\mathrm{s}^{-1}
4u⃗r s−14\vec u_r\,\mathrm{s}^{-1}

$$4\vec u_\theta\,\mathrm{s}^{-1}$$

Explication

La règle de dérivation de la base cylindrique est du⃗rdt=θ˙u⃗θ\frac{d\vec u_r}{dt}=\dot\theta\vec u_\theta; avec θ˙=4 s−1\dot\theta=4\,\mathrm{s}^{-1}, la dérivée pointe donc dans la direction u⃗θ\vec u_\theta avec un signe positif. Le signe négatif inverse la rotation, et les réponses radiales confondent la dérivée de u⃗r\vec u_r avec celle de u⃗θ\vec u_\theta.

14. Un point se déplace dans le plan avec r=2 mr=2\,\mathrm m constant et θ˙=3 s−1\dot\theta=3\,\mathrm{s}^{-1} constant. Quelle est son accélération dans la base cylindrique ?

18u⃗r m s−218\vec u_r\,\mathrm{m\,s}^{-2}
−18u⃗r+6u⃗θ m s−2-18\vec u_r+6\vec u_\theta\,\mathrm{m\,s}^{-2}
−18u⃗r m s−2-18\vec u_r\,\mathrm{m\,s}^{-2}
00

$$-18\vec u_r\,\mathrm{m\,s}^{-2}$$

Explication

La composante radiale vaut r¨−rθ˙2=0−2×32=−18\ddot r-r\dot\theta^2=0-2\times 3^2=-18 et la composante tangentielle est nulle puisque r˙=0\dot r=0 et θ¨=0\ddot\theta=0. Une accélération nulle omet le terme centripète, un signe positif l’inverse, et le terme tangent supplémentaire ne découle pas des données.

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Quelle est la forme générale de la solution de l’oscillateur harmonique libre ?

x(t)=Acos⁡(ω0t)+Bsin⁡(ω0t)x(t)=A\cos(\omega_0t)+B\sin(\omega_0t).

Quelle solution correspond à x(0)=X0x(0)=X_0 et x˙(0)=V0\dot{x}(0)=V_0 ?

x(t)=X0cos⁡(ω0t)+V0ω0sin⁡(ω0t)x(t)=X_0\cos(\omega_0t)+\frac{V_0}{\omega_0}\sin(\omega_0t).

Quelle solution particulière constante satisfait l’équation de l’oscillateur soumis à une constante ?

xp=Kω02x_p=\frac{K}{\omega_0^2}

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